$title = $_POST['title'];//GET方法为URL参数传递
$content =$_POST['content'];
$con = mysql_connect("localhost","root","");
$sql = "insert into show(title,content) values ('$title','$content')";
$s=mysql_query($sql,$con);//借SQL语句插入数据
mysql_close();//关闭MySQL连接
完整代码
<?php require_once("conn.php");//引用数据库链接文件
实在找不到原因给我一段能用的代码吧
分析出来有两个原因：
第一个就是你没有选择数据库：可以在操作sql之前使用，mysql_create_db('database',$con);
第二个是插入的变量是否真的有数据，这个关乎你的表设，title是否唯一
看看可行否
header('Content-Type:text/html;charset=utf-8');$title = isset($_POST['title'])?$_POST['title']:'';//GET方法为URL参数传递
$content = isset($_POST['content'])?$_POST['content']:'';
$con = mysql_connect("localhost","root","");
if(!$con){
exit('mysql_connect failed');
}
mysql_create_db('database',$con);//这个database改为你的数据库
mysql_query("Set names 'utf8'");
$sql = "insert into `show`(title,content) values ('$title','$content')";
$s=mysql_query($sql,$con);//借SQL语句插入数据
mysql_close($con);//关闭MySQL连接
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第1个回答 2015-02-05
少了一个选择数据库操作
mysql_select_db('DB名称');
选择完了. 再执行 mysql_query ...
不选择数据. mysql 不知道你想把数据插到哪个库里...
mysql_select_db('DB名称');
选择完了. 再执行 mysql_query ...
不选择数据. mysql 不知道你想把数据插到哪个库里...
